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2016年高考数学模拟试题及答案
一、非标准
1.若不等式|2x-1|+|x+2|≥a2+a+2对任意实数x恒成立,求实数a的取值范围。
2.(2014江西,文15改编)x,yR,若|x|+|y|+|x-1|+|y-1|≤2,求x+y的取值范围。
3.若对任意的aR,不等式|x|+|x-1|≥|1+a|-|1-a|恒成立,求实数x的取值范围。
4.已知函数f(x)=|x-2|,g(x)=-|x+3|+m.若函数f(x)的图象恒在函数g(x)图象的上方,求m的取值范围。
5.已知x,y,zR+,且x+y+z=1,求的最小值。
6.(2014江苏,21)已知x>0,y>0,证明:(1+x+y2)(1+x2+y)≥9xy。
7.已知a, b,cR,a+2b+3c=6,求a2+4b2+9c2的最小值。
8.若存在实数x使|x-a|+|x-1|≤3成立,求实数a的取值范围。
9.已知f(x)=|x+a|+|x-2|。
(1)当a=-1时,解关于x的不等式f(x)>5;
(2)已知关于x的不等式f(x)+a<2014(a是常数)的解集是非空集合,求实数a的取值范围。
10.(2014河南郑州模拟)已知函数f(x)=|x-a|。
(1)若不等式f(x)≤3的解集为{x|-1≤x≤5},求实数a的值;
(2)在(1)的条件下,若f(x)+f(x+5)≥m对一切实数x恒成立,求实数m的取值范围。
参考答案
1.解:令f(x)=|2x-1|+|x+2|=可求得f(x)的最小值为,故原不等式恒成立转化为a2+a+2≤恒成立,即a2+≤0,
即(a+1)≤0,解得a。
2.解:|x|+|x-1|≥|x-(x-1)|=1,当且仅当0≤x≤1时取等号,
|y|+|y-1|≥|y-(y-1)|=1,当且仅当0≤y≤1时取等号,
|x|+|y|+|x-1|+|y-1|≥2。①
又|x|+|y|+|x-1|+|y-1|≤2,②
∴只有当0≤x≤1,0≤y≤1时,两式同时成立。
0≤x+y≤2。
3.解:由|1+a|-|1-a|≤2,
得|x|+|x-1|≥2。
当x<0时,-x+1-x≥2,x≤-。
当0≤x≤1时,x+1-x≥2,无解。
当x>1时,x+x-1≥2,x≥。
综上,x≤-或x≥。
4.解:函数f(x)的图象恒在函数g(x)图象的上方,即|x-2|>-|x+3|+m对任意实数x恒成立,
即|x-2|+|x+3|>m恒成立。
因为对任意实数x恒有|x-2|+|x+3|≥|(x-2)-(x+3)|=5,所以m<5,即m的取值范围是(-∞,5)。
5.解法一:由于(x+y+z)≥36。
所以≥36,最小值为36。
当且仅当x2=y2=z2,
即x=,y=,z=时,等号成立。
解法二:
=(x+y+z)+(x+y+z)+(x+y+z)
=14+≥14+4+6+12=36。最小值为36。
当且仅当y=2x,z=3x,即x=,y=,z=时,等号成立。
6.证明:因为x>0,y>0,
所以1+x+y2≥3>0,
1+x2+y≥3>0,
故(1+x+y2)(1+x2+y)
≥3·3=9xy。
7.解法一:(x+y+z)2=x2+y2+z2+2xy+2yz+2zx≤3(x2+y2+z2),
∴a2+4b2+9c2
≥(a+2b+3c)2=12。
∴a2+4b2+9c2的最小值为12。
解法二:由柯西不等式,
得(a2+4b2+9c2)·(12+12+12)
≥(a·1+2b·1+3c·1)2=36,
故a2+4b2+9c2≥12,
从而a2+4b2+9c2的最小值为12。
8.解:利用绝对值不等式的性质求解。
|x-a|+|x-1|≥|(x-a)-(x-1)|=|a-1|,
要使|x-a|+|x-1|≤3有解,
可使|a-1|≤3,-3≤a-1≤3,
∴-2≤a≤4。
9.解:(1)构造函数g(x)=|x-1|+|x-2|-5,则g(x)=
令g(x)>0,则x<-1或x>4,
原不等式的解集为(-∞,-1)(4,+∞)。
(2)∵f(x)+a=|x+a|+|x-2|+a≥|a+2|+a,
又关于x的不等式f(x)+a<2014的解集是非空集合,
|a+2|+a<2014,解得a<1006。
10.解:(1)由f(x)≤3,得|x-a|≤3,
解得a-3≤x≤a+3。
又已知不等式f(x)≤3的解集为{x|-1≤x≤5},
所以解得a=2。
(2)当a=2时,f(x)=|x-2|,
设g(x)=f(x)+f(x+5),
于是g(x)=|x-2|+|x+3|
所以当x<-3时,g(x)>5;
当-3≤x≤2时,g(x)=5;
当x>2时,g(x)>5。
综上可得,g(x)的最小值为5。
从而若f(x)+f(x+5)≥m,
即g(x)≥m对一切实数x恒成立,则m的取值范围为(-∞,5]。
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